Заказать решение ТОЭ

Новости

11 октября 2015г.
Магнитное поле, индуктивность
01 октября 2015г.
Электроемкость Емкость конденсатора
09 сентября 2015г.
Катушки и трансформаторы со стальными сердечниками
09 сентября 2015г.
ЛИНЕЙНЫЕ ЭЛЕКТРИЧЕСКИЕ ЦЕПИ ПОСТОЯННОГО ТОКА
09 сентября 2015г.
НЕЛИНЕЙНЫЕ ЭЛЕКТРИЧЕСКИЕ ЦЕПИ ПОСТОЯННОГО ТОКА
05 октября 2014г.
КОНТРОЛЬНАЯ РАБОТА № 2 РАСЧЕТ ПЕРЕХОДНЫХ ПРОЦЕССОВ В ЛИНЕЙНЫХ ЭЛЕКТРИЧЕСКИХ ЦЕПЯХ ВТОРОГО ПОРЯДКА Пермь ПГТУ ПНИПУ
05 октября 2014г.
Кузнецова Т.А., Кулютникова Е.А., Кухарчук И.Б. РАСЧЕТ ТРЕХФАЗНОЙ ЭЛЕКТРИЧЕСКОЙ ЦЕПИ. Контрольные задания и методические указания к самостоятельной работе по курсам «Основы теории цепей», «Общая электротехника», «Теоретические основы электротехники»

Контактные данные

Решение задач ТОЭ

Вконтакте

Решение ТОЭ онлайн

Главная Примеры решения задач ТОЭ РЕШЕНИЕ ЗАДАЧ ТОЭ – МЕТОДЫ, АЛГОРИТМЫ, ПРИМЕРЫ РЕШЕНИЯ 1 Методы расчета электрических цепей при постоянных токах и напряжениях 1.1 Методы анализа, основанные на законах Ома и Кирхгофа

1.1 Методы анализа, основанные на законах Ома и Кирхгофа

Методы и примеры решения задач ТОЭ РЕШЕНИЕ ЗАДАЧ ТОЭ – МЕТОДЫ, АЛГОРИТМЫ, ПРИМЕРЫ РЕШЕНИЯ 1 Методы расчета электрических цепей при постоянных токах и напряжениях

1.1 Методы анализа, основанные на законах Ома и законах Кирхгофа

Закон Ома устанавливает зависимость между напряжением и током на пассивной ветви, а также позволяет определить ток по известным потенциалам на концах ветви с источником напряжения.

Законы Кирхгофа применяют для нахождения токов в ветвях линейных и нелинейных схем при любом законе изменения во времени токов и напряжений.

Метод эквивалентных преобразований. При эквивалентных преобразований отдельные участки электрической цепи заменяются более простыми. Эквивалентность преобразования состоит в том, что токи и напряжения в непреобразованной части схемы не изменяются.

Последовательное упрощение схемы продолжается до ее преобразования в одноконтурную схему, после чего для расчета используется закон Ома.

Метод эквивалентных преобразований используется для нахождения внутреннего сопротивления эквивалентного генератора.

При помощи метода эквивалентных преобразований облегчают расчет расчет нелинейной цепи, упростив линейную часть цепи эквивалентными преобразованиями.


Принято пользоваться приведенным ниже алгоритмом метода законов Кирхгофа.

1. Произвольно выбирают положительные направления токов в ветвях и обозначают их на схеме.

2. Составляют уравнения по первому закону Кирхгофа: на одно уравнение меньше числа узлов (для последнего узла уравнение будет зависимым от предыдущих уравнений).

3. Выбирают независимые (главные) контуры и направление их обхода. Удобно для всех контуров выбрать одинаковое направление обхода.

4. Записывают уравнения по второму закону Кирхгофа для выбранных контуров.

5. Решая полученную систему уравнений, определяют искомые токи.


Решение задач на закон Ома и законы Кирхгофа

Задача 1.1. Определить эквивалентное сопротивление цепи между зажимами a и b при разомкнутом и замкнутом ключе К методом эквивалентных преобразований (рис. 1.1, a).

Задача 1.1. Определить эквивалентное сопротивление цепи между зажимами a и b при разомкнутом и замкнутом ключе К методом эквивалентных преобразований

Рис. 1.1

Решение. Сохраняя топологию схемы, трансформируем ее к виду, удобному для анализа (отправная точка – потенциалы узлов c и d равны между собой).

Из рис. 1.1, б следует:

1. При разомкнутом ключе К

R ab = R 1 R 3 R 1 + R 3 + ( R 47 + R 5 + R 6 ) R 2 ( R 47 + R 5 + R 6 )+ R 2 .

2. При замкнутом ключе К

R 47 = R 1 R 3 R 1 + R 3 + R 47 R 2 R 47 + R 2 ,

где

R 47 = R 4 R 7 R 4 + R 7 .


Задача 1.2. Определить методом эквивалентных преобразований сопротивление цепи между зажимами a и b при разомкнутом и замкнутом ключе К для схемы, изображенной на рис. 1.2.

Задача 1.2. Определить сопротивление цепи между зажимами a и b при разомкнутом и замкнутом ключе К для схемы, изображенной на рис. 1.2.

Рис. 1.2

Решение. Совершим поворот части схемы относительно зажимов c и d. В результате получим (рис. 1.3):

поворот части схемы относительно зажимов c и d

Рис. 1.3

1. При разомкнутом ключе К

R ab = ( R 1 + R 3 ) ( R 2 + R 4 ) ( R 1 + R 3 )+ ( R 2 + R 4 ) .

2. При замкнутом ключе К

R ab = R 1 R 4 R 1 + R 4 + R 2 R 3 R 2 + R 3 .

Задача 1.3. Найти сопротивление между зажимами a и b для схемы, изображенной на рис. 1.4.

Задача 1.3 Найти сопротивление между зажимами a и b для схемы, изображенной на рис. 1.4

Рис. 1.4

Решение. К точке 2 подходят условные «начало» сопротивления R2 и  «концы» сопротивлений Rl и R3.

К точке 3 подходят «начала» сопротивлений R1 и R3 и  «конец» сопротивления R2.

Но тогда, все «начала» сопротивлений и все их «концы» соединяются соответственно в одни точки. А значит, по определению, имеем параллельное соединение приемников (рис. 1.5).

Но тогда, все «начала» сопротивлений и все их «концы» соединяются соответственно в одни точки. А значит, по определению, имеем параллельное соединение приемников

Рис. 1.5

Таким образом, сопротивление между зажимами a и b:

R ab = 1 Y ab = 1 1 R 1 + 1 R 2 + 1 R 3 .


Задача 1.4. Найти сопротивление R13, R14, R17 между различными парами вершин куба, ребра которого имеют заданное сопротивление R (рис. 1.6).

Задача 1.4. Найти сопротивление R13, R14, R17 между различными парами вершин куба, ребра которого имеют заданное сопротивление R

Рис. 1.6

Решение. Задачу проще всего решить методом амперметра и вольтметра. Суть метода заключается в следующем. Если к фиксированным точкам схемы a и b подвести условно известное напряжение Uab и определить ток I во внешней цепи, то искомое сопротивление Rab = Uab/I. При этом напряжение Uab (показание вольтметра) в соответствии с законами Кирхгофа определяется как функция тока I (показание амперметра).

1. Расчетная схема для определения сопротивления R13 имеет вид, представленный на рис. 1.7.

Расчетная схема для определения сопротивления R13 методом амперметра и вольтметра

Рис. 1.7

В силу симметрии потенциалы точек 2 и 6 (4 и 8) равны между собой. Поэтому токи в ребрах. 2 – 6 и 4 – 8 отсутствуют.

Перераспределение токов I1 и I2 легко находится из первого закона Кирхгофа и соответствует рисунку 1.7.

Соотношение между токами найдем из второго закона Кирхгофа:

U 14 = U 15 + U 58 + U 84 ; I 1 R= I 2 R+ 1 2 I 2 R+0= 3 2 I 2 R.

Откуда:

I 1 = 3 2 I 2 ; I 2 = 2 3 I 1 .

А значит, общий ток

I=2 I 1 + I 2 =2 I 1 + 2 3 I 1 = 8 3 I 1 .

Но

U 13 =I R 13 = 8 3 I 1 R 13 = U 12 + U 23 =2 I 1 R.

Откуда, сокращая на I1, имеем 8/3·R13 = 2R. Или, что-то          же, искомое R13 = 3/4·R.

2. Расчетная схема для определения сопротивления R14 имеет вид, представленный на рис. 1.8.

Расчетная схема для определения сопротивления R14 методом амперметра и вольтметра

Рис. 1.8

В силу симметрии токи в ребрах 1 – 2, 1 – 4, 2 – 3 и 4 – 3 равны между собой. А значит, в соответствии с первым законом Кирхгофа, токи в ребрах 2 – 6 и 4 – 8 отсутствуют.

Перераспределение неизвестных токов I1, I2, I3, I4 находится из первого закона Кирхгофа (и симметрии цепи) и соответствует рис. 1.8.

Поскольку падение напряжения

U 23 = U 26 + U 67 + U 73 ; I 4 R= I 3 R+2 I 3 R+ I 3 R=4 I 3 R,

то, сокращая на R, имеем:

I 4 =4 I 3

или

I 3 = 1 4 I 4 .

Ток

I 2 = I 3 + I 4 = 1 4 I 4 + I 4 = 5 4 I 4

или

I 4 = 4 5 I 2 .

Но

U 14 = U 15 + U 58 + U 84 ; I 1 R= I 2 R+ I 4 R+ I 2 R= I 2 R+ 5 4 I 2 R+ I 2 R= 14 5 I 2 R.

Откуда, сокращая на R, имеем:

I 1 = 14 5 I 2

или

I 2 = 5 14 I 1 .

Но

U 14 =I R 14 = ( I 1 +2 I 2 ) R 14 = ( I 1 + 10 14 I 1 ) R 14 = 24 14 I 1 R 14 = I 1 R.

Или, что то же, искомое R14 = 14/24·R = 7/12·R.

3. Расчетная схема для определения сопротивления R17 имеет вид, представленный на рис. 1.9.

Расчетная схема для определения сопротивления R17

Рис. 1.9

В силу диагональной симметрии схемы полный ток I = 3I1.

Падение напряжения

U 17 = U 14 + U 43 + U 37 ; I R 17 = I 1 R+ 1 2 I 1 R+ I 1 R= 5 2 I 1 R.

Откуда искомое сопротивление R17 = 5/6·R.


Задача 1.5. Определить методом эквивалентных преобразований токи в ветвях цепи (рис. 1 10, а) и показание вольтметра, включенного между точками c и d, считая, что его сопротивление во много раз превышает сопротивление каждого из элементов цепи.

Чему равно показание амперметра, включенного между точками c и d, сопротивление которого считать равным нулю?

Задача 1.5. Определить токи в ветвях цепи (рис. 1 10, а) и показание вольтметра, включенного между точками c и d, считая, что его сопротивление во много раз превышает сопротивление каждого из элементов цепи. Чему равно показание амперметра, включенного между точками c и d, сопротивление которого считать равным нулю?

Рис. 1.10

Сопротивления элементов цепи: R1 =10 Ом, R2 = R3 = R5 = 25 Ом и R4 = 50 Ом, а приложенное к ней напряжение U = 120 В.

Решение. Расчет показания вольтметра. Из условия вытекает, что его включение не оказывает влияния на распределение токов в цепи. Для расчета токов сначала определяем эквивалентное сопротивление всей цепи (рис. 1.10, а):

R= R 1 + ( R 2 + R 4 ) ( R 3 + R 5 ) ( R 2 + R 4 )+ ( R 3 + R 5 ) =10+ 7550 125 =40Ом.

В неразветвленной части цепи протекает ток

I 1 = U R = 120 40 =3A.

Токи, протекающие через сопротивления (R2 + R4) и (R3 + R5) можно найти различными способами.

1. В параллельных ветвях токи распределяются обратно пропорционально их сопротивлениям (формула разброса токов):

I 2 = I 1 R 3 + R 5 ( R 2 + R 4 )+ ( R 3 + R 5 ) =3 50 125 =1,2A; I 3 = I 1 R 2 + R 4 ( R 2 + R 4 )+ ( R 3 + R 5 ) =3 75 125 =1,8A.

2. Найдем напряжение на зажимах параллельных ветвей:

U ab = I 1 ( R 2 + R 4 ) ( R 3 + R 5 ) ( R 2 + R 4 )+ ( R 3 + R 5 ) =3 7550 125 =90B.

Токи в ветвях с сопротивлениями R2 + R4 и R3 + R5 равны:

I 2 = U ab R 2 + R 4 = 90 75 =1,2A; I 3 = U ab R 3 + R 5 = 90 50 =1,8A.

Напряжение на зажимах параллельных ветвей может быть найдено как разность между приложенным напряжением и падением напряжения на сопротивлении R1: Uab = UR1·I1.

Найдем показание вольтметра, равное напряжению между точками с и d:

U V = U cd = I 2 R 2 + I 3 R 3 =1,225+1,825=15B.

Наконец, вычислим ток, проходящий через амперметр; он равен току короткого замыкания Icd (рис. 1.10, б). Для его нахождения вычислим токи:

I 1 = U R 1 + R 2 R 3 R 2 + R 3 + R 4 R 5 R 4 + R 5 = 144 47 A; I 2 = I 1 R 3 R 2 + R 3 = 72 47 A; I 4 = I 1 R 5 R 4 + R 5 = 48 47 A.

Искомый ток, проходящий через амперметр,

I A = I cd = I 2 I 4 = 24 47 =0,51A.


Задача 1.6. В схеме рис. 1.11 заданы сопротивления приемников, величины ЭДС и источника тока отдельных ветвей. Рассчитать неизвестные токи, ЭДС E2 и сопротивление R5, пользуясь законами Кирхгофа.

Задача 1.6. В схеме рис. 1.11 заданы сопротивления приемников, величины ЭДС и источника тока отдельных ветвей. Рассчитать неизвестные токи, ЭДС E2 и сопротивление R5, пользуясь законами Кирхгофа

Рис. 1.11

Правильность решения проверить по балансу мощностей. Для наружного контура построить потенциальную диаграмму и определить показание вольтметра.

Решение

1. Всего в схеме пять ветвей, неизвестных токов I1, I2, I5 – три, неизвестных величин E2 и R5 – две, для нахождения которых составам три уравнения по первому закону Кирхгофа и два – по второму закону Кирхгофа:

дляузлаb:J= I 4 + I 5 ; дляузлаd: I 5 I 3 + I 1 =0; дляконтураI: I 5 R 5 I 4 R 4 = E 3 + E 4 ; дляконтураII: I 1 R 1 + I 2 R 2 = E 1 + E 2 E 3 .

Из первых трех уравнений находим токи:

I 5 =J I 4 =42=2A; I 1 = I 5 + I 3 =2+3=5A; I 2 =J+ I 1 =4+5=1A.

из четвертого уравнения

R 5 = E 3 + E 4 + I 4 R 4 I 5 = 10+6+14 2 =15Ом.

Величину E2 определяем из последнего уравнения:

E 2 = I 1 R 1 + I 2 R 2 E 1 + E 3 =510+101100+10=30B.

2. Для построения потенциальной диаграммы найдем потенциалы всех точек контура abcdea, приняв исходный потенциал точки a равным нулю:

φ e = φ a I 1 R 1 =0+510=50B; φ d = φ e E 1 =50100=50B; φ b = φ d + I 5 R 5 =50+215=20B.

3. По найденным потенциалам строим потенциальную диаграмму, откладывая по оси ординат потенциалы точек, а по оси абсцисс – сопротивления участков (рис. 1.12).

По найденным потенциалам строим потенциальную диаграмму, откладывая по оси ординат потенциалы точек, а по оси абсцисс – сопротивления участков

Рис. 1.12

3. Из потенциальной диаграммы легко определить разность потенциалов между точками b и c Ubc = 70 В, что и будет показывать вольтметр.

4. Произведем проверку баланса мощностей:

P источников = E 1 I 1 + E 2 I 2 + E 3 ( I 3 )+ E 4 ( I 4 )+ U ba J; P потребителей = I 1 2 R 1 + I 2 2 R 2 + I 4 2 R 4 + I 5 2 R 5 .

В этом уравнении нам неизвестно напряжение на зажимах источника тока Uba, которое легко найти из потенциальной диаграммы: Uba = –20 В. С учетом этого

P источников =1005+ ( 30 )1+10 ( 3 )+6 ( 2 )+ ( 20 )4=348Вт; P потребителей = 5 2 10+ 1 2 10+ 3 2 0+ 2 2 7+ 2 2 15=348Вт; P источников = P потребителей =348Вт.


Закон Ома, законы Кирхгофа в статье ЛИНЕЙНЫЕ ЭЛЕКТРИЧЕСКИЕ ЦЕПИ ПОСТОЯННОГО ТОКА. Основные положения и соотношения. Упражнения и задачи

второй закон Кирхгофапервый закон КирхгофаЗаконы Кирхгофазакон Ома 

16.10.2011, 49090 просмотров.

Метки